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■3377
/ inTopicNo.1)
これを
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□投稿者/ 琢也
一般人(3回)-(2005/08/28(Sun) 12:11:23)
三角形ABCにおいて、辺BC、CA、ABの長さをそれぞれa,b,cとする。
この三角形ABCは次の条件(a),(b),(c)を満たすとする
(a)ともに2以上である自然数pとqが存在してa=p+q、b=pq+p、c=pq+1 となる。
(b)自然数nが存在してa,b,cのいずれかは 2^n である。
(c)∠A、∠B、∠C のいずれかは60度である。
@∠A、∠B、∠C を大きい順に並べよ。
Aa,b,c を求めよ。
お願いします ┏○ペコッ
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■3400
/ inTopicNo.2)
Re
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□投稿者/ kotatu
一般人(7回)-(2005/08/28(Sun) 18:09:28)
2005/08/29(Mon) 17:47:21 編集(投稿者)
2005/08/28(Sun) 19:36:17 編集(投稿者)
http://hiw.oo.kawai-juku.ac.jp/nyushi/honshi/00/answer.cgi/k1/math-b?page=3
@∠A、∠B、∠C を大きい順に並べよ。
p=q=2 のとき、a=4、b=6、c=5 だから、b>c>a と予想して
b−c=(pq+p)−(pq+1)=p−1≧2−1=1 だから、b−c>0 ⇒ b>c
c−a=(pq+1)−(p+q)=(p−1)(q−1)≧2・2>0 より、c>a
よって、b>c>a だから 公式より ∠B>∠C>∠A
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■3404
/ inTopicNo.3)
Re
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□投稿者/ kotatu
一般人(8回)-(2005/08/28(Sun) 18:38:20)
2005/08/28(Sun) 23:51:39 編集(投稿者)
Aa,b,c を求めよ。
B>C>A
A=60°とすると、B>C>A=60 だから
B+C+A>60+60+60=180 よって A≠60°
B=60°とすると、60=B>C>A だから
B+C+A<60+60+60=180 よって B≠60°
(c)より、 C=60°
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■3409
/ inTopicNo.4)
Re
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□投稿者/ kotatu
一般人(9回)-(2005/08/28(Sun) 20:57:36)
余弦定理より
c^2=a^2+b^2−ab、 (a)を代入
(pq+1)^2=(p+q)^2+(pq+p)^2−(p+q)(pq+p)
p^2q^2+2pq+1=(p^2+2pq+q^2)+(p^2q^2+2p^2q+p^2)
−(p^2q+p^2+pq^2+pq)
p^2+q^2+p^2q−pq^2−pq−1=0
(q+1)p^2−(q^2+q)p+(q^2−1)=0
(q+1){p^2−qp+(q−1)}=0 ,q≧2 だから
p^2−qp+(q−1)=0
{p−1}{p−(q−1)}=0 、 p≧2 だから
p−(q−1)=0 、p=q−1
(a)へ代入
a=(q−1)+q=2q−1=奇数
b=pq+p=p(q+1)=(q−1)(q+1)=q^2−1
c=pq+1=(q−1)q+1=奇数 (q−1、q どちらかが偶数だから)
(b)より、n=自然数で、2^n=2、2^2、・・・=偶数 、だから
b=2^n=(q−1)(q+1)
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■3416
/ inTopicNo.5)
Re
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□投稿者/ kotatu
一般人(10回)-(2005/08/28(Sun) 23:50:23)
b=2^n=(q−1)(q+1)
q=偶数 のとき (q−1)(q+1)=奇数 だから
これが成立するためには、q=奇数、
また、p=q−1 より、q=p+1≧2+1=3 だから
q=2t+1 (t=1、2、3、・・・) とおいて 代入すると
2t・2(t+1)=2^n 、------------------------------(1)
t=1 代入 2^3=2^n より、n=3
q=2t+1 =3、p=q−1=2
a=p+q=5、b=pq+p=8、c=pq+1=7
t≧2 のとき、t、t+1 どちらかは、奇数(3以上)であり
他方を2で繰り返し可能な限りわると、
他方=(2^m)・(1以上の奇数) (m≧1) と表わされるから、(1)へ代入して
(3以上の奇数)・(1以上の奇数)・2^(m+2)=2^n (n≧m+2 が必要であり)
(3以上の奇数)=2^{n−(m+2)} n−(m+2)≧0 だから
右辺=(1 または 偶数) ≠(3以上の奇数)
よって、t≧2 のときは、不適。
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